Discussion :

[pierrot10]

Bonjour a tous,
J'ai une petite question bete mais qui me travaille.
J'utilise ce code :

Code PHP :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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while ($row = mysql_fetch_array($query) or die('Erreur SQL !<br>'.$query.'<br>'.mysql_error()) ){
//CODE
}

Ce qui me dérange c'est qu'il m'etrait bien les données désirées de ma base de donnée , mais il m'ajoute ce message :

Erreur SQL !
Resource id #4

Si j'enlève ceci

Code PHP :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

or die('Erreur SQL !<br>'.$query.'<br>'.mysql_error())

Ben là j'ai que me données désirées.

Simplement je ne veux pas l'enlever sans etre sure que mon code n'est pas errorné.

Pourriez-vous me dire pourquoi ceci

Erreur SQL !
Resource id #4

s'affiche?

MErci

[5c0rPi0n]

Bonsoir.
Par hasard, tu n'essaie pas d'afficher directement un mysql_query ?
Car ce genre d'erreur, la plupart du temps c'est quand on affiche l'execution d'une requête sans passer par mysql_fetch_assoc ou array.
En fait c'est comme si tu avais un tableau $tab[] et que tu faisais echo $tab; ...

Enfin envoie ton code et on verra.

[asdf007]

Le mysql_error() doit être testé après mysql_query, pas après mysql_fetch_array (et puis là c'est n'importe comment dans la condition du while, donc forcément ça va pas).

Au passage ce serait bien mieux d'utiliser mysqli/PDO, mais bon...