Bonjour,

CHE_FICHE est une colonne dans ma base de données mysql. Je souhaite tester son contenu et selon le résultat afficher le tableau qui se trouve ci-dessous. je dois avoir des erreurs lorsque j'affecte le contenu de CHE_FICHE dans $fiche car j'obtiens une page vide, tandis que si je mets oui à la place de CHE_FICHE et que j'affiche ma variable $fiche mon test fonctionne.

Pouvez-vous m'aider.

Meilleures salutations

Code : Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part
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$fiche = ["CHE_FICHE"] ;
 
if ($fiche == oui)
 
?>
<table>
 
 
  <TR>
    <td width="272" height="10"><strong><font size="1" face="Verdana, Arial, Helvetica, sans-serif">Voir fiche descriptive</font></strong></td>
 
  <?php
 
  					echo ("<td><font face=Verdana size=1><div align=left>");
					?> 
				<a href="http://ackermann-cie.ch/joomla/fichierphp/chevaux/<?php echo $value ["CHE_NOM"];?>.pdf" target="blank">
				<b>cliquez ici</a><br></b>
 
				<?php 
 
					echo ("</font></td>");
 
				mysql_close ();
				?>
  </TR>
</table>