Discussion :

[Bob54]

Bonjour,
j'ai une table nommée 'article' avec deux colonne 'vente' et 'département'. Je fais la liste du nombre d'articles vendus par département à l'aide de cette requête.

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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                $sql = 'SELECT departement, COUNT(*) as total FROM article GROUP BY departement';
                $query = mysqli_query($conn,$sql) or die;
				while($tableau = mysqli_fetch_array($query)){
 
                    echo "<table> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<td>".$tableau["departement"]."</td> \n";
                    echo "<td>".$tableau["total"]."</td> \n";
                    echo "</tr> \n";
                    echo "</table> \n";
				}

Ca fonctionne sans problème. Mais j'aurais voulu afficher également les départements dont le nombre d'articles est 0. Pour ce faire je voudrais me servir d'une autre table nommée 'localisation' avec une colonne 'dpt' ou j'ai tout les départements.
je pense qu'il faut faire une jointure, mais je ne sais pas trop comment faire.
Pour résumer je voudrais la liste de tout les départements avec le nombre d'articles vendus même si certain départements n'ont aucune ventes.

[Séb.]

Il faut faire une jointure externe.

Code SQL :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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SELECT ALL l.dpt, COUNT(*) as total
FROM localisation AS l
LEFT OUTER JOIN article AS a ON l.dpt = a.departement
GROUP BY 1
ORDER BY 1 ASC

[Bob54]

Merci pour la réponse.
J'ai mis la requête,

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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$sql = 'SELECT ALL l.dpt, COUNT(*) as total FROM localisation AS l LEFT OUTER JOIN article AS a GROUP BY 1 ORDER BY 1 ASC';
                $query = mysqli_query($conn,$sql) or die;
				while($tableau = mysqli_fetch_array($query)){
 
                    echo "<table> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<td>".$tableau["1"]."</td> \n";
                    echo "<td>".$tableau["total"]."</td> \n";
                    echo "</tr> \n";
                    echo "</table> \n";
				}

Mais j'ai une erreur SQL_Syntax

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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Fatal error: Uncaught mysqli_sql_exception: You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near 'GROUP BY 1 ORDER BY 1 ASC' at line 1 in
 
mysqli_query(Object(mysqli), 'SELECT ALL l.dp...')

[Bob54]

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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                $sql = 'SELECT ALL l.dpt, COUNT(*) as total FROM localisation AS l LEFT OUTER JOIN article AS a ON a.departement GROUP BY 1 ORDER BY 1 ASC';
                $query = mysqli_query($conn,$sql) or die;
				while($tableau = mysqli_fetch_array($query)){
 
                    echo "<table> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<td>".$tableau["dpt"]."</td> \n";
                    echo "<td>".$tableau["total"]."</td> \n";
                    echo "</tr> \n";
                    echo "</table> \n";
				}

J'ai ajouter

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

ON a.departement

à la requête, tous les département s'affichent mais avec la valeur 1. D'après ce que je peux comprendre, le COUNT ne se fait pas.

[Séb.]

J'avais oublié le critère de jointure.

Je l'ai ajouté.

Code SQL :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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SELECT ALL l.dpt, COUNT(*) as total
FROM localisation AS l
LEFT OUTER JOIN article AS a ON l.dpt = a.departement
GROUP BY 1
ORDER BY 1 ASC

[Bob54]

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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                $sql = 'SELECT ALL l.dpt, COUNT(*) as total FROM localisation AS l LEFT OUTER JOIN article AS a ON 1.dpt = a.departement GROUP BY 1 ORDER BY 1 ASC';
                $query = mysqli_query($conn,$sql) or die;
				while($tableau = mysqli_fetch_array($query)){
 
                    echo "<table> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<td>".$tableau["dpt"]."</td> \n";
                    echo "<td>".$tableau["total"]."</td> \n";
                    echo "</tr> \n";
                    echo "</table> \n";
				}

J'ai toujours une erreur de SQL_syntax

Fatal error: Uncaught mysqli_sql_exception: You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near 'dpt = a.departement GROUP BY 1 ORDER BY 1 ASC' at line 1
mysqli_query(Object(mysqli), 'SELECT ALL l.dp...') #1 {main} thrown in

Je ne comprends pas, je ne vois d'où vient l'erreur.

[Pytet]

Confusion entre les caractères l et 1 :

Code sql :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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ON 1.dpt = a.departement
-- à corriger en :
ON l.dpt = a.departement

[Bob54]

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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                $sql = 'SELECT ALL l.dpt, COUNT(*) as total FROM localisation AS l LEFT OUTER JOIN article AS a ON l.dpt = a.departement GROUP BY 1 ORDER BY 1 ASC';
                $query = mysqli_query($conn,$sql) or die;
				while($tableau = mysqli_fetch_array($query)){
 
                    echo "<table> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<tr> \n";
                    echo "<td>".$tableau["dpt"]."</td> \n";
                    echo "<td>".$tableau["total"]."</td> \n";
                    echo "</tr> \n";
                    echo "</table> \n";
				}

Requête modifier, plus d'erreurs, tous les départements s'affichent mais ils ont tous la valeur 1. On dirait que le COUNT ne fonctionne pas ou je ne sais pas

[Bob54]

Confusion entre les caractères l et 1 :

Code sql :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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ON 1.dpt = a.departement
-- à corriger en :
ON l.dpt = a.departement

C'est quoi la différence entre les deux, j'ai un peu de mal à comprendre

[Pytet]

Il s'agit de l'alias de table déclaré dans la clause FROM :
https://sql.sh/cours/alias