[PHP-JS] Insertion de fichier php par une variable

Bonjour à tous,

J'ai créé une base Mysql avec des contenus. Par exemple pour le champ ContenuPage :

Code:

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<p>ceci est mon texte</p>

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et dans mon fichier Php :

Code:

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Print "$contenuPage" ;

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Comment peut-on faire pour insérer grâce au champ ContenuPage (et donc la variable $ContenuPage) un appel de fonction ou de fichier php. Par exemple :

Code:

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<p>ceci est mon texte</p>   <?php include ...mon fichier php...; ?>

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En fait j'ai essayé mais s'affiche :

Code:

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1 2 3

<?php include ...mon fichier php...; mais l'appel ne se fait pas.. ?>

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j'ai essayé sans succès :

Code:

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1 2	$var=eval("$contenupage"); print $var;

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Grand merci de votre aide

tu as bien nommé ton fichier .php ?

Le serveur sur lequel tu teste interprète php ?

C'est une bête erreur d'exécution, ton script ne passe pas par l'interpréteur php, ce qui explique que ton code arrive en clair. Généralement c'est un petit oubli à la c..

Si le code <?php ... ?> s'affiche sans être éxécuté, c'est :

- ou bien, PHP n'est pas installé, (Aïe!)
- ou bien, APACHE n'est pas configuré pour exécuter du PHP (httpd.conf)
- ou bien, l'appel du fichier ne se fait pas par le bon protocole (ex "file://..." au lieu de "http://...")
- ou bien, dieu en a décidé autrement...

Est-ce que tu peux vérifier ces points ?

Bonsoir et merci de vos messages,
Le fichier est bien un fichier php, PHP est installé, l'appel se fait bien par http.
Un peu plus de détail :

Code:

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$sql = "SELECT * FROM contenus WHERE IdPage='$id'"; $req=mysql_query($sql); $data=mysql_fetch_array($req); $ContenuPage=$data['ContenuPage']; print $ContenuPage;

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___________________

Le contenu du champ ContenuPage est le texte : include "monfichier.php";
___________________

Je pense aussi que le Php n'est pas interprété. Je pensais éventuellement à utiliser le fonction eval() que je connais mal.

Code:

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1 2	$var=eval( "$ContenuPage" ); echo $var;

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Mais j'obtiens l'erreur :

Citation:

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Parse error: parse error in c:\program files\easyphp1-8\www\fichier.php(12) : eval()'d code on line 1

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Je continue donc à chercher...Mon objectif étant de gérer du contenu à l'aide de tables, un peu à la manière d'un CMS, toutes proportions gardées.

Merci de votre aide

Ok, j'avais pas compris...

Je ne pense pas que PHP ait une fonction du type "eval()"... ça c'est du javascript... LOL

Dans ton cas, ce qu'il serait mieux de faire c'est :
- Mettre dans le champ MYSQL ContenuPage que le nom du fichier (ex: "monfichier").
- Et mettre :

Code:

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include ("{$ContenuPage}.php") ;

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... à la place de ...

Code:

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$var=eval( "$ContenuPage" );echo $var;

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Tout la partie sql du début reste la même.