Interaction site -> base de données mysql

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Bonjour à toutes et à tous !

J'ai depuis maintenant quelques mois un site web hébergé par 1&1. Comme vous le savez peut-être, 1&1 permet d'avoir une base de données MySQL intégrée au site sans avoir à téléchargé MySQL ce qui tombe plutôt car je ne parvient pas à l'installer (erreur lors de l'installation de MySQL Server 5.5). Du coup, 1&1 fournit une adresse d'hôte, un nom d'utilisateur etc...
Voici donc ci-dessous le code me permettant de me connecter à la base :
Code:

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 $hostname = "blablabla"; $database = "blablabla"; $username = "blablabla"; $password = "mon mot de passe à moi tout seul"; $link = mysqli_connect($hostname, $username, $password); if(!$link) { die('Connection failed : ' . mysqli_error()); } else { echo "Connexion établie avec succès !"; }
Finalement, ça m'affiche que je suis bel et bien connecté à ma base de données.
Bon jusque là tout va bien, mais voilà où est le problème. Lorsque je fais le code ci-dessous, je reçois le message d'erreur suivant :

Citation:

Fatal error: Uncaught Error: Call to a member function fetch() on null in /homepages/26/d680829806/htdocs/Site projet/inscription.php:19 Stack trace: #0 {main} thrown in /homepages/26/d680829806/htdocs/Site projet/inscription.php on line 19
Code:

1 2 3 4 5 $sql = 'SELECT idJoueur FROM "Joueur"'; $requete = mysqli_query($sql); while ($donnees = $reponse->fetch()) { echo $donnees; }
Voilà en gros j'ai essayé plusieurs requêtes aucune ne fonctionne. Du coup une aide précieuse et aimable me serait de grand secours.
Merci à toute personne ayant essayé de m'aider ! :)

11/10/2017, 18h44
Invité
Bonjour,

ce serait bien de consulter la documentation concernant les fonctions mysqli_ :
- mysqli_query()
Code:

mysqli_query($link, $sql)

Ensuite, d'où sort le $reponse de :

Code:

$reponse->fetch()

?
- mysqli_stmt_fetch()
- -> voir aussi l'exemple "orienté objet" vs "procédural"
11/10/2017, 19h19
pAs_de_Pseudo
Tout d'abord, merci de votre aide. J'ai donc jeté un oeil à la documentation php, et j'ai donc fait le test suivant :
Code:

1 2 3 4 5 6 $sql = 'SELECT idJoueur FROM Joueur'; if($stmt = mysqli_prepare($link, $sql)) { echo 'cool'; }
Malheureusement, le "cool" ne s'affiche pas et je ne parvient pas à comprendre pourquoi... (au passage, je débute complètement en php, base de données c'est pour ça que je suis pas mal perdu).

Merci.
11/10/2017, 20h49
sabotage

Pourquoi tu ne recopies pas déjà simplement l'exemple de la doc pour apprendre ?
11/10/2017, 21h03
pAs_de_Pseudo

Citation:

Envoyé par sabotage

Pourquoi tu ne recopies pas déjà simplement l'exemple de la doc pour apprendre ?

Et bien c'est déjà ce que j'ai fais, mais vu que ça ne marchait pas j'ai essayé autre chose. En fait il y a aucun résultat
11/10/2017, 21h49
sabotage

Montre nous ton code adapté de l'exemple et qui ne fonctionne pas alors.

1 pièce(s) jointe(s)

Bonjour,

J'ai donc adapté l'exemple donné par la documentation ci-contre : http://php.net/manual/fr/mysqli-stmt.fetch.php et je n'ai donc toujours aucun résultat. Sur ma page j'ai seulement "Connexion établie" qui s'affiche. Voici mon code php :
Code:

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 $link = mysqli_connect($hostname, $username, $password); if(!$link) { die('Connection failed : ' . mysqli_error()); } else { echo "Connexion établie avec succès !"; } $sql = 'SELECT idJoueur FROM Joueur'; if($stmt = $link->prepare($sql)) { $stmt->execute(); //execution de la requête $stmt->bind_result($idJoueur); //assoc' des variables de résultat while($stmt->fetch()) { printf("%s (%s)\n", $idJoueur); } $stmt->close(); }
Au passage, ma base de données se compose d'une table Joueur avec 4 colonnes :

Pièce jointe 318792

12/10/2017, 11h36
Invité

Code:

printf("%s (%s)\n", $idJoueur);

les %s remplacent UNE variable.

Or, tu n'en a qu'une, pas 2 :

Code:

printf("%s\n", $idJoueur);

Sinon, un simple echo suffit :

Code:

echo $idJoueur.' ';

Je t'invite à ACTIVER l'affichage des erreurs PHP :

Code:

<?php error_reporting(E_ALL); // en TEST !! ?>

Merci, j'ai fais les changements que vous m'avez indiqué, et il n'y a aucun changement. En fait, j'ai compris d'où vient le problème, mais étant un débutant en php je ne sais pas comment le résoudre. Ce qu'il se passe c'est que :
Code:

1 2 3 4 5 6 7 8 $link = mysqli_connect($hostname, $username, $password); if(!$link) { die('Connection failed : ' . mysqli_error()); } else { echo "Connexion établie avec succès !"; } $sql = 'SELECT idJoueur FROM Joueur';
=> Ce code s'exécute bel et bien et j'ai bien "Connexion établie" en haut de ma page web.
Code:

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 if($stmt = $link->prepare($sql)) { $stmt->execute(); //execution de la requête $stmt->bind_result($idJoueur); //assoc' des variables de résultat while($stmt->fetch()) { echo $idJoueur.' '; } $stmt->close(); } else { echo "ça ne marche pas !"; }
=> J'ai donc rajouté un else pour voir si le problème venait bel et bien de la non-vérification de la condition if ($stmt = $link->prepare($sql)) et il s'avère que c'est le cas, "ça ne marche pas" s'écrit sur ma page.

En tout cas, merci pour vos aides déjà fournies :D

12/10/2017, 18h25
sabotage

Code:

echo $mysqli->error;

Plutôt que "ne marche pas".
12/10/2017, 20h08
pAs_de_Pseudo

Ok merci beaucoup à tous ça fonctionne maintenant ;)
Peut-être à plus tard si je suis sur une autre galère ! :D

Me revoilà déjà :lol: :lol:

Bon plus sérieusement, tout d'abord bonjour,

J'ai depuis le précédent problème pas mal avancé, certes, mais me voilà confronter à nouveau problème qui est une erreur de type : Cannot add or update a child row: a foreign key constraint fails (`db702592277`.`Joueur`, CONSTRAINT `Joueur jouant a LoL` FOREIGN KEY (`idLOL`) REFERENCES `lol` (`idLOL`) ON UPDATE CASCADE)

Tables :
• Joueur(idJoueur, idLOL#, pnomJoueur, nomJoueur, emailJoueur)
• lol(idLOL, pseudo, rankS6, rankS7)

Donc ce que je souhaite faire, c'est faire en sorte qu'à chaque fois qu'un joueur créer un compte, il ait ses informations "personnelles" dans la table Joueur et que ses informations relative à LoL aille dans la table lol via l'idLOL.

Voici mon code PHP, même si je sais qu'il doit être bien faux :
Code:

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 if(isset($_POST['validation'])) { $prenom = $_POST['pnom']; $nom = $_POST['nom']; $email = $_POST['email']; $pseudo = $_POST['pseudoLol']; $sql = "INSERT INTO Joueur(pnomJoueur, nomJoueur, emailJoueur) VALUES('$prenom', '$nom', '$email');"; $sqlLol = "INSERT INTO lol(pseudo) VALUES('$pseudo');"; if(mysqli_query($link, $sqlLol)) { echo " " . "Données Lol ajoutées avec succès !"; } else { echo " " . "Erreur SQL : " . $link->error; } if(mysqli_query($link, $sql)) { echo " " . "Données ajoutées avec succès !"; } else { echo " " . "Erreur lors de l'ajout des données : " . $link->error; }
Voilà donc le pseudo s'ajoute bien, mais j'ai l'erreur pour la partie concernant la table Joueur.

Encore merci aux futures personnes m'ayant fournit de l'aide :)

15/10/2017, 10h51
sabotage

Il faut "idLol" pour faire l'insertion dans la table "joueur" et donc faire l'insertion dans la table "lol" en premier.
15/10/2017, 11h31
Invité
Bonjour,

si on veut être un peu malin, on fera le contraire : on met idJoueur dans la table lol.
Comme tu l'as dit toi-même très justement :

Citation:

à chaque fois qu'un joueur créer un compte, il ait ses informations "personnelles" dans la table Joueur et que ses informations relative à LoL aille dans la table lol via l'idLOL
- idLOL n'est pas une informations "personnelles" du joueur
- Par contre, idJoueur est bien une informations relative à LoL
Donc :
- Joueur (idJoueur, pnomJoueur, nomJoueur, emailJoueur) -> UNIQUEMENT les infos relatives au JOUEUR
- lol (idLOL, idJoueur, pseudo, rankS6, rankS7) -> UNIQUEMENT les infos relatives au JEU LoL
C'est plus judicieux et logique *.

Alors :
1/ INSERT dans la table Joueur
2/ récupération de idJoueur (last_insert_id)
3/ INSERT dans la table lol

* Exemple : on peut supposer que tu proposes un 2ème jeu : WoW
On aura alors une table :
- wow (idWoW, idJoueur, pseudo, ....., ....) -> UNIQUEMENT les infos relatives au JEU WoW
La table Joueur ne change pas.

Ok, voilà en j'en suis :

Code:

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if(isset($_POST['validation'])) {
      $prenom = $_POST['pnom'];
      $nom = $_POST['nom'];
      $email = $_POST['email'];
      $pseudo = $_POST['pseudoLol'];
 
//Création des données personnelles du compte
      $sql = "INSERT INTO Joueur(pnomJoueur, nomJoueur, emailJoueur) VALUES('$prenom', '$nom', '$email');";
 
      if(mysqli_query($link, $sql)) {
         echo "<br/>" . "Données ajoutées avec succès !";
      } else {
         echo "<br/>" . "Erreur lors de l'ajout des données : " . $link->error;
      }
 
//Récupération de la valeur d'idJoueur relative au compte
      $idJoueur = "SELECT last_insert_id()";
 
      if(mysqli_query($link, $idJoueur)) {
         echo "<br/>" . "idJoueur créé avec succès !";
      } else {
         echo "<br/>" . "Erreur SQL (idJoueur) : " . $link->error;
      }
 
//Création des données LoL relative à l'idJoueur
      $sqlLol = "INSERT INTO lol(idJoueur, pseudo) VALUES('$idJoueur', '$pseudo');";
 
      if(mysqli_query($link, $sqlLol)) {
         echo "<br/>" . "Données Lol ajoutées avec succès !";
      } else {
         echo "<br/>" . "Erreur SQL : " . $link->error;
      }

Avec ce code, le compte se créé correctement, l'idJoueur se créé étant donné que j'ai le message de succès, mais toujours la même erreur pour la partie clé étrangère :

Citation:

Erreur SQL : Cannot add or update a child row: a foreign key constraint fails (`db702592277`.`lol`, CONSTRAINT `Recup idJoueur` FOREIGN KEY (`idJoueur`) REFERENCES `Joueur` (`idJoueur`) ON DELETE CASCADE ON UPDATE CASCADE)

Au passage, j'ai aussi fait le changement pour que mon MLD soit comme suivant :
• Joueur(idJoueur, pnomJoueur, nomJoueur, emailJoueur)
• lol(idLOL, idJoueur#, pseudo, rankS6, rankS7)

15/10/2017, 16h13
Invité
Code:

$idJoueur = "SELECT last_insert_id()";

Où as-tu été pêcher cette syntaxe ?? :cfou:

Ce serait bien de CONSULTER la documentation :
- mysqli_insert_id()
L'informatique supporte assez mal l'à-peu-près...
Si tu n'es pas plus rigoureux, tu ne t'en sortiras pas.

Oui je sais bien mais malheureusement des fois je trouve que la documentation n'est pas très claire, et étant donné que je débute complètement là-dedans j'ai beaucoup de mal à comprendre quelques trucs. Bref, j'ai donc fait pas mal de recherches jusqu'à trouver un code sur un forum, ayant résolu un problème similaire au mien :
Code:

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 if(isset($_POST['validation'])) { $prenom = $_POST['pnom']; $nom = $_POST['nom']; $email = $_POST['email']; $pseudo = $_POST['pseudoLol']; //Création des données personnelles du compte $sql = "INSERT INTO Joueur (pnomJoueur, nomJoueur, emailJoueur) VALUES ('$prenom', '$nom', '$email'); SET @idJoueur = LAST_INSERT_ID(); INSERT INTO lol (idJoueur, pseudo) VALUES (@idJoueur, '$pseudo');"; if(mysqli_query($link, $sql)) { echo " " . "Données ajoutées avec succès !"; } else { echo " " . "Erreur lors de l'ajout des données : " . $link->error; }
Et me voilà avec une nouvelle erreur :

Citation:

Erreur lors de l'ajout des données : You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near 'SET @idJoueur = LAST_INSERT_ID(); INSERT INTO lol (idJoueur, pse' at line 2

Mais c'est à dire que j'ai comparé caractère par caractère mon code et celui sur le forum, et il n'y a aucune différence au niveau de la syntaxe 8O

15/10/2017, 21h03
Invité

Ce n'est pas en recopiant les erreurs des autres que tu progresseras.
15/10/2017, 21h05
pAs_de_Pseudo

Citation:

Envoyé par jreaux62

Ce n'est pas en recopiant les erreurs des autres que tu progresseras.

Ah ça c'est clair et net, mais étant donné que c'est le poste ayant permis à la personne de résoudre son problème et celui d'une centaine d'autres personnes, ça me paraissait plutôt honnête :?